-
Notifications
You must be signed in to change notification settings - Fork 0
/
spektralsequenz_filtrierter_komplex.tex
179 lines (151 loc) · 9.01 KB
/
spektralsequenz_filtrierter_komplex.tex
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
13
14
15
16
17
18
19
20
21
22
23
24
25
26
27
28
29
30
31
32
33
34
35
36
37
38
39
40
41
42
43
44
45
46
47
48
49
50
51
52
53
54
55
56
57
58
59
60
61
62
63
64
65
66
67
68
69
70
71
72
73
74
75
76
77
78
79
80
81
82
83
84
85
86
87
88
89
90
91
92
93
94
95
96
97
98
99
100
101
102
103
104
105
106
107
108
109
110
111
112
113
114
115
116
117
118
119
120
121
122
123
124
125
126
127
128
129
130
131
132
133
134
135
136
137
138
139
140
141
142
143
144
145
146
147
148
149
150
151
152
153
154
155
156
157
158
159
160
161
162
163
164
165
166
167
168
169
170
171
172
173
174
175
176
177
178
179
\documentclass{article}
\usepackage[utf8]{inputenc}
\usepackage[ngerman]{babel}
\usepackage[a4paper]{geometry}
\usepackage{amssymb,amsthm}
\usepackage{mathtools} % \coloneqq, \DeclarePairedDelimiter
\usepackage{enumitem} % bessere Aufzählungen
\usepackage{tikz}
\usetikzlibrary{cd}
\geometry{margin=2.5cm}
\theoremstyle{definition}
\newtheorem{lem}{Lemma}
\newtheorem{defn}[lem]{Definition}
% Mathe-Symbole
\newcommand{\Z}{\mathbb{Z}} % Ganze Zahlen
% Operatoren
\DeclareMathOperator{\im}{im} % Image (Bild)
% Abkürzungen
\renewcommand{\dh}{d.\,h.} % das heißt
% http://tex.stackexchange.com/questions/117732/tikz-and-babel-error
% Es ist schierer Wahnsinn, welche Hacks LaTeX benötigt!
\tikzset{
every picture/.prefix style={
execute at begin picture=\shorthandoff{"}
}
}
\begin{document}
\section{Die Spektralsequenz eines filtrierten Komplexes}
% Hier nach http://people.mpim-bonn.mpg.de/matschke/SpectralSequences.pdf
\begin{defn}
Eine \emph{Filtrierung eines Kokettenkomplexes} $C^\bullet$ ist eine absteigende Folge
\[ C^\bullet \supseteq \ldots \supseteq F^{p-1} C^\bullet \supseteq F^p C^\bullet \supseteq F^{p+1} C^\bullet \supseteq \ldots \]
von Unterkomplexen.
\end{defn}
% TODO: Morphismus von filtrierten Komplexen?
\begin{lem}
Es sei $C^\bullet$ ein filtrierter Kokettenkomplex.
Es gibt eine Spektralsequenz mit
\[ E_1^{pq} = H^{p+q}(F^p C^\bullet / F^{p+1} C^\bullet). \]
Angenommen, die Filtrierung ist
\begin{enumerate}[label=\alph*)]
\item \emph{gradweise nach unten beschränkt}, \dh{} für alle $q \in \Z$ gibt es ein $p \in \Z$ mit $F^p C^q = 0$,
\item \emph{ausschöpfend}, \dh{} für alle $q \in \Z$ ist $\cup_p F^p C^q = C^q$ und %(aus der ersten Bedingung folgt schon $\cap_p F^p C^q = 0$).
\item für alle $q \in \Z$ gibt es ein $P \in \Z$, sodass für alle $p \leq P$ gilt: Die Inklusion $F^p C^\bullet \hookrightarrow C^\bullet$ induziert einen Isomorphismus $H^q (F^p C^\bullet) \cong H^q(C^\bullet)$ in Kohomologie.
\end{enumerate}
Dann konvergiert die Spektralsequenz gegen $H^*(C^\bullet)$.
\end{lem}
Wir führen zunächst etwas neue Notation ein.
Diese hilft, den Beweis verständlicher zu formulieren.
Wir fassen im Folgenden den Kettenkomplex als ein einziges Modul $C \coloneqq \oplus_{n \in \Z} C^n$ anstatt als Folge von Moduln auf.
Dieses Modul ist filtriert durch die Untermodule $F^p \coloneqq \oplus_{n \in \Z} F^p C^n$.
Wir setzen $F^{-\infty} \coloneqq C$ und $F^{\infty} \coloneqq 0$.
Die Korandabbildung fassen wir als Homomorphismen $d : C \to C$ mit $d \circ d = 0$ auf, der die Filtrierung von $C$ respektiert.
Wir sind interessiert an der Kohomologie von $C^\bullet$, also an $H^*(C) \coloneqq \ker(d) / \im(d)$ und an der Kohomologie von $F^p / F^{p+1}$, also $H^*(F^p / F^{p+1}) \cong (d|_{F^p})^{-1}(F^{p+1}) / d(F^p)$.
Wir geben nun eine Verallgemeinerung der Definition der Kohomologie von $C^\bullet$ und der Kohomologie des Quotientenkomplexes $F^p / F^q$: Statt Zykeln (\dh{} Elementen $c \in C$ mit $d(c) = 0$) betrachten wir \emph{$z$-Zykel}, das sind Elemente $c \in C$ mit $d(c) \in F^z$. Wir teilen diese durch die Menge $d(F^b)$ der \emph{$b$-Ränder} anstatt durch die Menge $d(C)$ der Ränder. Wir setzen
\[ S[z, q, p, b] \coloneqq \frac{F^p \cap d^{-1}(F^z)}{(F^p \cap d^{-1}(F^z)) \cap (F^q + d(F ^b))}. \]
% TODO: Bemerkung zur grafischen Notation von Matschke
Wir haben als Spezialfälle
\[
S[p,q,p,q] \cong F^p / F^q
\quad \text{und} \quad
S[q,q,p,p] \cong H^*(F^p / F^q).
\]
\begin{lem}\label{differential-homomorphism}
Es sei $z_1 \geq q_1 \geq p_1 = z_2 \geq b_1 = q_2 \geq p_2 \geq b_2$.
Dann ist folgende Abbildung ein wohldefinierter Homomorphismus:
\[
d^* : S[z_2, q_2, p_2, b_2] \to S[z_1, q_1, p_1, b_1], \quad
[c] \mapsto [d(c)].
\]
\end{lem}
\begin{proof}
Falls $[c] = 0$ in $S[z_2, q_2, p_2, b_2]$, so existieren $x \in F^{q_2}$ und $y \in F^{b_2}$ mit $c = x + d(y)$. Somit gilt $d^*[c] = [dc] = [d(x) + d^2(y)] = [d(x)] = 0$ in $S[z_1, q_1, p_1, b_1]$, da $F^{b_1} = F^{q_2}$.
\end{proof}
\begin{lem}\label{differential-isomorphism}
Es seien Filtrierungsindizes wie folgt gegeben:
\begin{center}\begin{tikzcd}[row sep=0.2cm, column sep=0.5cm]
&&&& z_3 \arrow[r, "\geq" description, phantom] \arrow[d, equal] &
q_3 \arrow[r, "\geq" description, phantom] \arrow[d, equal] &
p_3 \arrow[r, "\geq" description, phantom] &
b_3 \\
&& z_2 \arrow[r, "\geq" description, phantom] \arrow[d, equal] &
q_2 \arrow[r, "\geq" description, phantom] \arrow[d, equal] &
p_2 \arrow[r, "\geq" description, phantom] &
b_2 \\
z_1 \arrow[r, "\geq" description, phantom] &
q_1 \arrow[r, "\geq" description, phantom] &
p_1 \arrow[r, "\geq" description, phantom] &
b_1
\end{tikzcd}\end{center}
Dann ist
\[
\alpha : S[q_1, q_2, p_2, p_3] \to
\frac{\ker(d^* : S[z_2, q_2, p_2, b_2] \to S[z_1, q_1, p_1, b_1])}{\im(d^* : S[z_3, q_3, p_3, b_3] \to S[z_2, q_2, p_2, b_2])}, \quad
[c] \mapsto [c]
\]
ein wohldefinierter Isomorphismus.
\end{lem}
\begin{proof}
Sei $A$ der Quotient auf der rechten Seite. \\[2pt]
\emph{Wohldefiniertheit}: Sei $[c] = 0$ in $S[q_1, q_2, p_2, p_3]$, \dh{} es gibt $e \in F^{q_2} = F^{b_1}$ und $f \in F^{p_1}$ mit $c = e + d(f)$. Dann ist $d^*[c] = [d(c)] = [d(e)] = 0$ in $S[z_1, q_1, p_1, b_1]$, also $c \in \ker(d^* : S[z_2, q_2, p_2, b_2] \to S[z_1, q_1, p_1, b_1])$.
Nun ist $f \in d^{-1}(F^{z_3})$, da $d(f) = c - e \in F^{p_2} = F^{z_3}$.
Es gilt $[c] = [e + d(f)] = [d(f)] = d^*[f] = 0$ in $A$. \\[2pt]
\emph{Injektivität}: Sei $c \in F^{p_2} \cap d^{-1}(F^{q_1})$ mit $[c] = 0$ in $A$.
Das heißt, es gibt $e \in F^{q_2}$, $f \in F^{b_2}$ und $g \in F^{p_3} \cap d^{-1}(F^{z_3})$ mit $c = e + d(f) + d(g)$.
Dann ist $[c] = [e + d(f+g)] = 0$ in $S[q_1, q_2, p_2, p_3]$, da $f+g \in F^{p_3}$. \\[2pt]
\emph{Surjektivität}: Sei $\tilde{c} \in F^{p_2} \cap d^{-1}(F^{z_2})$ mit $[\tilde{c}] \in \ker(d^* : S[z_2, q_2, p_2, b_2] \to S[z_1, q_1, p_1, b_1])$.
Das heißt, es gibt $e \in F^{q_1}$ und $f \in F^{b_1} = F^{q_2}$ mit $d(\tilde{c}) = e + d(f)$.
Dann ist $[\tilde{c}] = [\tilde{c} - f]$ in $S[q_1, q_2, p_2, p_3]$ mit $\tilde{c} - f \in F^{p_2} \cap d^{-1}(F^{q_1})$, da $d(\tilde{c} - f) = e \in F^{q_1}$.
\end{proof}
\begin{proof}[Beweis des Lemmas über Existenz der Spektralsequenz]
Wir beachten jetzt wieder, dass $C$ und damit $S[z, q, p, b]$ graduiert und $d$ ein Differential vom Grad $+1$ ist.
Es sei $S[z, q, p, b]^n$ die $n$-te Komponente.
Setze
\[ E_r^{pq} \coloneqq S[p\!+\!r, p\!+\!1, p, p\!-\!r\!+\!1]^{p+q}. \]
Die Differentiale sind
\[
d_r^{pq}
\enspace : \enspace
\underbrace{S[p\!+\!r, p\!+\!1, p, p\!-\!r\!+\!1]^{p+q}}_{= E_r^{p,q}} \to \underbrace{S[p\!+\!2r, p\!+\!r\!+\!1, p\!+\!r, p\!+\!1]^{p+q+1}}_{= E_r^{p+r,q-r+1}}, \quad
[c] \mapsto [d(c)].
\]
Sie sind wohldefiniert nach Lemma~\ref{differential-homomorphism}.und
wegen Lemma~\ref{differential-isomorphism} ist
\[
\alpha_r^{pq} : H^{p,q}(E_r) = \ker(d^{pq}_r) / \im(d^{p-r,q+r-1}_r) \to E_{r+1}^{pq}, \quad
[c] \mapsto [c]
\]
ein wohldefinierter Isomorphismus.
\emph{Beweis der Konvergenz}:
Es seien $p, q \in \Z$.
Wegen Bedingung a) gibt es ein $R_1 \geq 0$, sodass $F^{p+R_1} C^{p+q+1} = 0$.
Für $r \geq R_1$ ist damit $E^{p+r,q-r+1}_r$ als Subquotient (\dh{} Quotient eines Untermoduls) von $F^{p+R_1} C^{p+q+1}$ Null.
Folglich verschwindet auch das Differential $d_r^{pq}$.
Wegen Bedingung c) gibt es ein $S \in \Z$, sodass $F^s C^\bullet \hookrightarrow C^\bullet$ und somit auch $F^s C^\bullet \hookrightarrow F^{s-1} C^\bullet$ für $s \leq S$ einen Isomorphismus in $H^{p+q-1}$ und $H^{p+q}$ induziert.
Anhand der langen exakten Sequenz zu $0 \to F^s C^\bullet \to F^{s-1} C^\bullet \to F^{s-1} C^\bullet / F^s C^\bullet \to 0$ sieht man, dass $H^{p+q-1}(F^{s-1} C^\bullet / F^s C^\bullet) = 0$.
Somit ist $E_r^{p-r,q+r-1}$ für $r \geq R_2 \coloneqq p - s + 1$ als Submodul von $H^{p+q-1}(F^{p-r} C^\bullet / F^{p-r+1} C^\bullet)$ Null.
Folglich verschwindet auch $d_r^{p-r,q+r-1}$.
Mit $R \coloneqq \max(R_1, R_2)$ gilt dann $E^{pq}_R \cong E^{pq}_{R+1} \cong \ldots \cong E^{pq}_\infty$.
Sei $H^n(C^\bullet)$ absteigend filtriert durch $F^p H^n(C^\bullet) \coloneqq \im(i^* : H^n(F^p C^\bullet) \to H^n(C^\bullet))$.
Für $r \geq R$ ist
\[ E^{pq}_\infty \cong E^{pq}_r = \frac{F^p C^{p+q} \cap d^{-1}(0)}{(F^p C^{p+q} \cap d^{-1}(0)) \cap (F^{p+1} C^{p+q} + d(F^{p-r+1} C^{p+q-1}))} = S[\infty,p+1,p,p-r+1]^{p+q}. \]
Es ist daher $F^p H^{p+q}(C^\bullet) / F^{p+1} H^{p+q}(C^\bullet) \cong S[\infty, p+1, p, -\infty]^{p+q}$ ein Quotient von $E^{pq}_\infty$.
Tatsächlich gilt $S[\infty, p+1, p, -\infty]^{p+q} \cong E^{pq}_\infty$, denn:
Sei $c \in F^p C^{p+q} \cap d^{-1}(0)$ mit $[c] = 0$ in $S[\infty, p+1, p, -\infty]^{p+q}$.
Dann gibt es ein $e \in F^{p+1} C^{p+q}$ und ein $f \in C^{p+q-1}$ mit $c = e + d(f)$.
Wegen Bedingung b) gibt es ein $\tilde{p} \in \Z$ mit $f \in F^{\tilde{p}} C^{p+q+1}$.
Wähle $r$ so, dass $r \geq R$ und $p-r+1 \leq \tilde{p}$.
Dann ist $[c] = [e]+[d(f)] = 0$ in $E^{pq}_r \cong E^{pq}_\infty$.
\end{proof}
\end{document}